Είναι δυνατόν να προετοιμαστείτε για τις εξετάσεις στη φυσική μόνοι σας, έχοντας μόνο πρόσβαση στο Διαδίκτυο; Υπάρχει πάντα μια ευκαιρία. Σχετικά με το τι πρέπει να κάνουμε και με ποια σειρά, ο συγγραφέας του σχολικού βιβλίου «Φυσική. Μια πλήρης πορεία προετοιμασίας για τις εξετάσεις "I. V. Yakovlev.

Η αυτοπροετοιμασία για τις εξετάσεις στη φυσική ξεκινά με τη μελέτη της θεωρίας. Χωρίς αυτό, είναι αδύνατο να μάθουμε πώς να λύνουμε προβλήματα. Πρέπει πρώτα, λαμβάνοντας οποιοδήποτε θέμα, να κατανοήσετε διεξοδικά τη θεωρία, να διαβάσετε το σχετικό υλικό.

Ας πάρουμε το θέμα «Νόμος του Νεύτωνα». Πρέπει να διαβάσετε για τα αδρανειακά πλαίσια αναφοράς, να μάθετε ότι οι δυνάμεις αθροίζονται διανυσματικά, πώς προβάλλονται διανύσματα σε έναν άξονα, πώς μπορεί να λειτουργήσει σε μια απλή κατάσταση - για παράδειγμα, σε κεκλιμένο επίπεδο. Είναι απαραίτητο να μάθετε ποια είναι η δύναμη της τριβής, πώς η δύναμη της τριβής ολίσθησης διαφέρει από τη δύναμη της στατικής τριβής. Εάν δεν διακρίνετε μεταξύ τους, τότε πιθανότατα θα κάνετε λάθος στην αντίστοιχη εργασία. Άλλωστε, συχνά δίνονται καθήκοντα για την κατανόηση ορισμένων θεωρητικών σημείων, επομένως η θεωρία πρέπει να αντιμετωπίζεται όσο το δυνατόν πιο ξεκάθαρα.

Για πλήρη γνώση του μαθήματος της φυσικής, σας προτείνουμε το εγχειρίδιο του I. V. Yakovlev «Φυσική. Ένα πλήρες πρόγραμμα προετοιμασίας για τις εξετάσεις. Μπορείτε να το αγοράσετε ή να διαβάσετε υλικό στο διαδίκτυο στην ιστοσελίδα μας. Το βιβλίο είναι γραμμένο σε απλή και κατανοητή γλώσσα. Είναι επίσης καλό ότι η θεωρία σε αυτό ομαδοποιείται ακριβώς σύμφωνα με τα σημεία του κωδικοποιητή USE.

Και μετά πρέπει να αναλάβεις καθήκοντα.
Πρώτο στάδιο.Αρχικά, πάρτε το απλούστερο βιβλίο προβλημάτων και αυτό είναι το βιβλίο προβλημάτων του Rymkevich. Πρέπει να λύσετε 10-15 εργασίες στο επιλεγμένο θέμα. Σε αυτή τη συλλογή, οι εργασίες είναι αρκετά απλές, σε ένα ή δύο βήματα. Θα καταλάβετε πώς να λύσετε προβλήματα σε αυτό το θέμα και ταυτόχρονα θα θυμάστε όλους τους τύπους που χρειάζονται.

Όταν προετοιμάζεστε για τις εξετάσεις στη φυσική μόνοι σας, δεν χρειάζεται να στριμώχνετε ειδικά τύπους και να γράφετε φύλλα απάτης. Όλα αυτά γίνονται αντιληπτά αποτελεσματικά μόνο όταν προέρχονται από την επίλυση προβλημάτων. Το βιβλίο προβλημάτων του Rymkevich, όπως κανένα άλλο, πληροί αυτόν τον πρωταρχικό στόχο: να μάθει πώς να λύνει απλά προβλήματα και ταυτόχρονα να μάθει όλους τους τύπους.

Δεύτερη φάση.Ήρθε η ώρα να περάσετε στην προπόνηση ειδικά για τις εργασίες της εξέτασης. Είναι καλύτερο να προετοιμαστείτε για υπέροχα εγχειρίδια που επιμελήθηκε η Demidova (στο εξώφυλλο του ρωσικού τρίχρωμου). Αυτές οι συλλογές είναι δύο τύπων, δηλαδή, συλλογές τυπικών παραλλαγών και συλλογές θεματικών παραλλαγών. Συνιστάται να ξεκινήσετε με θεματικές επιλογές. Αυτές οι συλλογές είναι δομημένες ως εξής: πρώτον, υπάρχουν επιλογές μόνο για μηχανικούς. Είναι διατεταγμένα σύμφωνα με Δομή ΧΡΗΣΗΣ, αλλά τα καθήκοντα σε αυτά είναι μόνο στη μηχανική. Στη συνέχεια - η μηχανική είναι σταθερή, η θερμοδυναμική συνδέεται. Στη συνέχεια - μηχανική + θερμοδυναμική + ηλεκτροδυναμική. Στη συνέχεια προστίθεται η οπτική, η κβαντική φυσική, μετά την οποία δίνονται 10 πλήρεις εκδόσεις της εξέτασης σε αυτό το εγχειρίδιο - για όλα τα θέματα.
Ένα τέτοιο εγχειρίδιο, το οποίο περιλαμβάνει περίπου 20 θεματικές επιλογές, συνιστάται ως το δεύτερο βήμα μετά το βιβλίο προβλημάτων του Rymkevich για όσους προετοιμάζονται μόνοι τους για τις εξετάσεις στη φυσική.

Για παράδειγμα, θα μπορούσε να είναι μια συλλογή
«Ενιαία Κρατική Εξεταστική Φυσική. Επιλογές θεματικών εξετάσεων. M.Yu. Demidova, Ι.Ι. Nurminsky, V.A. Μανιτάρια.

Ομοίως, χρησιμοποιούμε συλλογές στις οποίες επιλέγονται τυπικές επιλογές εξέτασης.

Τρίτο στάδιο.Εάν το επιτρέπει ο χρόνος, είναι πολύ επιθυμητό να φτάσετε στο τρίτο βήμα. Πρόκειται για εκπαίδευση στα καθήκοντα του Φυσικοτεχνικού Ινστιτούτου, ανώτερου επιπέδου. Για παράδειγμα, το προβληματικό βιβλίο των Bakanina, Belonuchkin, Kozel (εκδοτικός οίκος Διαφωτισμός). Τα καθήκοντα τέτοιων συλλογών υπερβαίνουν σοβαρά επίπεδο ΧΡΗΣΗΣ. Αλλά για να περάσετε με επιτυχία τις εξετάσεις, πρέπει να είστε έτοιμοι μερικά σκαλοπάτια ψηλότερα - για διάφορους λόγους, μέχρι την τυπική αυτοπεποίθηση.

Δεν είναι απαραίτητο να περιοριστείτε μόνο στα οφέλη ΧΡΗΣΗΣ. Άλλωστε δεν είναι γεγονός ότι οι εργασίες θα επαναληφθούν στις εξετάσεις. Μπορεί να υπάρχουν εργασίες που δεν είχαν προηγουμένως συναντηθεί στις συλλογές USE.

Πώς να κατανείμετε χρόνο αυτοεκπαίδευσηστις εξετάσεις στη φυσική;
Τι να κάνετε όταν έχετε ένα χρόνο και 5 μεγάλα θέματα: μηχανική, θερμοδυναμική, ηλεκτρισμός, οπτική, κβαντική και πυρηνική φυσική;

Το μέγιστο ποσό - το ήμισυ του συνολικού χρόνου προετοιμασίας - θα πρέπει να αφιερωθεί σε δύο θέματα: μηχανική και ηλεκτρική ενέργεια. Αυτά είναι τα κυρίαρχα θέματα, τα πιο δύσκολα. Η μηχανική σπουδάζεται στην 9η τάξη και πιστεύεται ότι οι μαθητές το γνωρίζουν καλύτερα. Αλλά στην πραγματικότητα δεν είναι. Τα μηχανικά προβλήματα είναι τα πιο δύσκολα. Και ο ηλεκτρισμός είναι ένα δύσκολο θέμα από μόνο του.
Η θερμοδυναμική και η μοριακή φυσική είναι ένα αρκετά απλό θέμα. Φυσικά και εδώ υπάρχουν παγίδες. Για παράδειγμα, οι μαθητές δεν καταλαβαίνουν καλά τι είναι τα κορεσμένα ζευγάρια. Αλλά γενικά, η εμπειρία δείχνει ότι δεν υπάρχουν τέτοια προβλήματα όπως στη μηχανική και στον ηλεκτρισμό. Η θερμοδυναμική και η μοριακή φυσική σε σχολικό επίπεδο είναι μια απλούστερη ενότητα. Και το πιο σημαντικό - αυτό το τμήμα είναι αυτόνομο. Μπορεί να μελετηθεί χωρίς μηχανική, χωρίς ηλεκτρισμό, είναι από μόνο του.

Το ίδιο μπορεί να ειπωθεί για την οπτική. Η γεωμετρική οπτική είναι απλή - καταλήγει στη γεωμετρία. Είναι απαραίτητο να μάθουμε τα βασικά πράγματα που σχετίζονται με τους λεπτούς φακούς, τον νόμο της διάθλασης - και αυτό είναι. Η οπτική κυμάτων (παρεμβολές, περίθλαση φωτός) υπάρχει στη ΧΡΗΣΗ σε ελάχιστες ποσότητες. Οι μεταγλωττιστές των επιλογών δεν δίνουν δύσκολες εργασίες στην εξέταση για αυτό το θέμα.

Και μένει η κβαντική και η πυρηνική φυσική. Οι μαθητές παραδοσιακά φοβούνται αυτό το τμήμα, και μάταια, γιατί είναι το πιο εύκολο από όλα. Η τελευταία εργασία από το τελευταίο μέρος της εξέτασης - σχετικά με το φωτοηλεκτρικό φαινόμενο, την ελαφριά πίεση, την πυρηνική φυσική - είναι πιο εύκολη από άλλες. Πρέπει να γνωρίζετε την εξίσωση του Αϊνστάιν για το φωτοηλεκτρικό φαινόμενο και τον νόμο της ραδιενεργής διάσπασης.

Στην έκδοση της εξέτασης στη φυσική, υπάρχουν 5 εργασίες όπου πρέπει να γράψετε μια λεπτομερή λύση. Χαρακτηριστικό της εξέτασηςστη φυσική ότι η πολυπλοκότητα του προβλήματος δεν αυξάνεται με την αύξηση του αριθμού. Ποτέ δεν ξέρεις ποια εργασία θα είναι δύσκολη στις εξετάσεις στη φυσική. Μερικές φορές η μηχανική είναι δύσκολη, μερικές φορές η θερμοδυναμική. Αλλά παραδοσιακά το πρόβλημα των κβαντικών και πυρηνική φυσική- το πιο απλό.

Είναι δυνατό να προετοιμαστείτε μόνοι σας για τις εξετάσεις στη φυσική.Αλλά αν υπάρχει ακόμη και η παραμικρή ευκαιρία να επικοινωνήσετε με έναν εξειδικευμένο ειδικό, τότε είναι καλύτερο να το κάνετε. Οι μαθητές που προετοιμάζονται μόνοι τους για τις εξετάσεις στη φυσική, διατρέχουν μεγάλο κίνδυνο να χάσουν πολλούς βαθμούς στις εξετάσεις, απλώς και μόνο επειδή δεν κατανοούν τη στρατηγική και την τακτική της προετοιμασίας. Ο ειδικός ξέρει ποιο δρόμο πρέπει να ακολουθήσει, αλλά ο μαθητής μπορεί να μην το ξέρει αυτό.

Σας προσκαλούμε στα μαθήματα προετοιμασίας USE στη φυσική. Ένα έτος μαθημάτων είναι η ανάπτυξη ενός μαθήματος φυσικής στο επίπεδο των 80-100 μονάδων. Καλή επιτυχία στην προετοιμασία σας για τις εξετάσεις!

Πες στους φίλους σου!

Προετοιμασία για την ΟΓΕ και την Ενιαία Κρατική Εξέταση

Ο μέσος όρος γενική εκπαίδευση

Γραμμή UMK A. V. Grachev. Φυσική (10-11) (βασικό, προχωρημένο)

Γραμμή UMK A. V. Grachev. Φυσική (7-9)

Γραμμή UMK A. V. Peryshkin. Φυσική (7-9)

Προετοιμασία για τις εξετάσεις στη φυσική: παραδείγματα, λύσεις, επεξηγήσεις

Τεχνολογία ΧΡΗΣΗ Εργασιώνστη φυσική (Επιλογή Γ) με δάσκαλο.

Lebedeva Alevtina Sergeevna, καθηγήτρια φυσικής, εργασιακή εμπειρία 27 ετών. Τιμητικό Δίπλωμα του Υπουργείου Παιδείας της Περιφέρειας της Μόσχας (2013), Ευγνωμοσύνη του Αρχηγού του Voskresensky δημοτικό διαμέρισμα(2015), Δίπλωμα του Προέδρου του Συλλόγου Καθηγητών Μαθηματικών και Φυσικής της Περιφέρειας της Μόσχας (2015).

Η εργασία παρουσιάζει εργασίες διαφορετικών επιπέδων πολυπλοκότητας: βασικού, προχωρημένου και υψηλού. Οι εργασίες βασικού επιπέδου είναι απλές εργασίες που δοκιμάζουν την αφομοίωση των πιο σημαντικών φυσικών εννοιών, μοντέλων, φαινομένων και νόμων. Οι εργασίες προχωρημένου επιπέδου στοχεύουν στη δοκιμή της ικανότητας χρήσης των εννοιών και των νόμων της φυσικής για την ανάλυση διαφόρων διαδικασιών και φαινομένων, καθώς και στην ικανότητα επίλυσης προβλημάτων για την εφαρμογή ενός ή δύο νόμων (τύποι) σε οποιοδήποτε από τα θέματα ενός μάθημα σχολικής φυσικής. Στην εργασία 4 εργασίες του μέρους 2 είναι εργασίες υψηλό επίπεδοπολυπλοκότητα και δοκιμή της ικανότητας χρήσης των νόμων και των θεωριών της φυσικής σε μια αλλαγμένη ή νέα κατάσταση. Η εκπλήρωση τέτοιων εργασιών απαιτεί την εφαρμογή της γνώσης από δύο τρεις ενότητες της φυσικής ταυτόχρονα, δηλ. υψηλό επίπεδο εκπαίδευσης. Αυτή η επιλογή είναι πλήρως συνεπής με την επίδειξη Επιλογή ΧΡΗΣΗΣ 2017, οι εργασίες λαμβάνονται από την ανοιχτή τράπεζα εργασιών USE.

Το σχήμα δείχνει ένα γράφημα της εξάρτησης της μονάδας ταχύτητας από το χρόνο t. Προσδιορίστε από το γράφημα τη διαδρομή που διένυσε το αυτοκίνητο στο χρονικό διάστημα από 0 έως 30 δευτερόλεπτα.

Λύση.Η διαδρομή που διανύει το αυτοκίνητο στο χρονικό διάστημα από 0 έως 30 s ορίζεται πιο απλά ως η περιοχή ενός τραπεζοειδούς, οι βάσεις του οποίου είναι τα χρονικά διαστήματα (30 - 0) = 30 s και (30 - 10) = 20 s, και το ύψος είναι η ταχύτητα v= 10 m/s, δηλ.

μικρό =	(30 + 20) Με	10 m/s = 250 m.
	2

Απάντηση. 250 μ

Μια μάζα 100 kg σηκώνεται κάθετα προς τα πάνω με ένα σχοινί. Το σχήμα δείχνει την εξάρτηση της προβολής της ταχύτητας Vφορτίο στον άξονα που κατευθύνεται προς τα πάνω, από το χρόνο t. Προσδιορίστε το μέτρο της τάσης του καλωδίου κατά την ανύψωση.

Λύση.Σύμφωνα με την καμπύλη προβολής ταχύτητας vφορτίο σε άξονα που κατευθύνεται κατακόρυφα προς τα πάνω, από το χρόνο t, μπορείτε να προσδιορίσετε την προβολή της επιτάχυνσης του φορτίου

ένα =	∆v	=	(8 – 2) m/s	\u003d 2 m / s 2.
	∆t		3 δευτ

Το φορτίο ασκείται από: τη βαρύτητα που κατευθύνεται κατακόρυφα προς τα κάτω και τη δύναμη τάνυσης του καλωδίου που κατευθύνεται κατά μήκος του καλωδίου κατακόρυφα προς τα πάνω, βλ. 2. Ας γράψουμε τη βασική εξίσωση της δυναμικής. Ας χρησιμοποιήσουμε τον δεύτερο νόμο του Νεύτωνα. Το γεωμετρικό άθροισμα των δυνάμεων που ασκούνται σε ένα σώμα είναι ίσο με το γινόμενο της μάζας του σώματος και της επιτάχυνσης που του μεταδίδεται.

+ = (1)

Ας γράψουμε την εξίσωση για την προβολή των διανυσμάτων στο πλαίσιο αναφοράς που σχετίζεται με τη γη, ο άξονας OY θα κατευθυνθεί προς τα πάνω. Η προβολή της δύναμης τάσης είναι θετική, αφού η κατεύθυνση της δύναμης συμπίπτει με την κατεύθυνση του άξονα OY, η προβολή της δύναμης βαρύτητας είναι αρνητική, αφού το διάνυσμα δύναμης είναι αντίθετο από τον άξονα OY, η προβολή του διανύσματος επιτάχυνσης είναι επίσης θετικό, οπότε το σώμα κινείται με επιτάχυνση προς τα πάνω. Εχουμε

Τ – mg = μαμά (2);

από τον τύπο (2) το μέτρο της δύναμης τάσης

Τ = Μ(σολ + ένα) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Απάντηση. 1200 Ν.

Το σώμα σύρεται κατά μήκος μιας τραχιάς οριζόντιας επιφάνειας με σταθερή ταχύτητα, το μέτρο της οποίας είναι 1,5 m/s, ασκώντας μια δύναμη σε αυτό όπως φαίνεται στο σχήμα (1). Σε αυτή την περίπτωση, η μονάδα της δύναμης τριβής ολίσθησης που ασκεί το σώμα είναι 16 N. Ποια είναι η ισχύς που αναπτύσσεται από τη δύναμη φά?

Λύση.Ας φανταστούμε τη φυσική διαδικασία που καθορίζεται στην κατάσταση του προβλήματος και ας κάνουμε ένα σχηματικό σχέδιο που δείχνει όλες τις δυνάμεις που ασκούνται στο σώμα (Εικ. 2). Ας γράψουμε τη βασική εξίσωση της δυναμικής.

Tr + + = (1)

Έχοντας επιλέξει ένα σύστημα αναφοράς που σχετίζεται με μια σταθερή επιφάνεια, γράφουμε εξισώσεις για την προβολή των διανυσμάτων στους επιλεγμένους άξονες συντεταγμένων. Σύμφωνα με την συνθήκη του προβλήματος, το σώμα κινείται ομοιόμορφα, αφού η ταχύτητά του είναι σταθερή και ίση με 1,5 m/s. Αυτό σημαίνει ότι η επιτάχυνση του σώματος είναι μηδέν. Δύο δυνάμεις δρουν οριζόντια στο σώμα: δύναμη τριβής ολίσθησης tr. και η δύναμη με την οποία σύρεται το σώμα. Η προβολή της δύναμης τριβής είναι αρνητική, αφού το διάνυσμα της δύναμης δεν συμπίπτει με την κατεύθυνση του άξονα Χ. Προβολή δύναμης φάθετικός. Υπενθυμίζουμε ότι για να βρούμε την προβολή, κατεβάζουμε την κάθετο από την αρχή και το τέλος του διανύσματος στον επιλεγμένο άξονα. Έχοντας αυτό υπόψη, έχουμε: φάσυν- φά tr = 0; (1) εκφράστε την προβολή δύναμης φά, αυτό φά cosα = φά tr = 16 Ν; (2) τότε η ισχύς που αναπτύσσεται από τη δύναμη θα είναι ίση με Ν = φά cosα V(3) Ας κάνουμε μια αντικατάσταση, λαμβάνοντας υπόψη την εξίσωση (2), και ας αντικαταστήσουμε τα αντίστοιχα δεδομένα στην εξίσωση (3):

Ν\u003d 16 N 1,5 m / s \u003d 24 W.

Απάντηση. 24 W.

Ένα φορτίο στερεωμένο σε ελαφρύ ελατήριο με ακαμψία 200 N/m ταλαντώνεται κατακόρυφα. Το σχήμα δείχνει μια γραφική παράσταση της μετατόπισης Χφορτίο από το χρόνο t. Προσδιορίστε ποιο είναι το βάρος του φορτίου. Στρογγυλοποιήστε την απάντησή σας στον πλησιέστερο ακέραιο αριθμό.

Λύση.Το βάρος στο ελατήριο ταλαντώνεται κατακόρυφα. Σύμφωνα με την καμπύλη μετατόπισης φορτίου Χαπό τον χρόνο t, καθορίστε την περίοδο ταλάντωσης του φορτίου. Η περίοδος ταλάντωσης είναι Τ= 4 s; από τον τύπο Τ= 2π εκφράζουμε τη μάζα Μφορτίο.

=	Τ	;	Μ	=	Τ 2	; Μ = κ	Τ 2	; Μ= 200 H/m	(4 δ) 2	= 81,14 kg ≈ 81 kg.
	2π		κ		4π 2		4π 2		39,438

Απάντηση: 81 κιλά.

Το σχήμα δείχνει ένα σύστημα από δύο ελαφριά μπλοκ και ένα καλώδιο χωρίς βάρος, με το οποίο μπορείτε να ισορροπήσετε ή να σηκώσετε ένα φορτίο 10 κιλών. Η τριβή είναι αμελητέα. Με βάση την ανάλυση του παραπάνω σχήματος, επιλέξτε δύοσωστές προτάσεις και να αναφέρετε τους αριθμούς τους στην απάντηση.

Για να διατηρήσετε το φορτίο σε ισορροπία, πρέπει να ενεργήσετε στο άκρο του σχοινιού με δύναμη 100 N.
Το σύστημα των μπλοκ που φαίνεται στο σχήμα δεν δίνει κέρδος σε δύναμη.
η, πρέπει να τραβήξετε ένα τμήμα σχοινιού με μήκος 3 η.
Για να σηκώσετε αργά ένα φορτίο σε ύψος ηη.

Λύση.Σε αυτήν την εργασία, είναι απαραίτητο να υπενθυμίσουμε απλούς μηχανισμούς, δηλαδή μπλοκ: ένα κινητό και ένα σταθερό μπλοκ. Το κινητό μπλοκ δίνει κέρδος σε δύναμη δύο φορές, ενώ το τμήμα του σχοινιού πρέπει να τραβηχτεί δύο φορές περισσότερο και το σταθερό μπλοκ χρησιμοποιείται για να ανακατευθύνει τη δύναμη. Στη δουλειά, οι απλοί μηχανισμοί νίκης δεν δίνουν. Αφού αναλύσουμε το πρόβλημα, επιλέγουμε αμέσως τις απαραίτητες δηλώσεις:

Για να σηκώσετε αργά ένα φορτίο σε ύψος η, πρέπει να τραβήξετε ένα τμήμα σχοινιού με μήκος 2 η.
Για να διατηρήσετε το φορτίο σε ισορροπία, πρέπει να ενεργήσετε στο άκρο του σχοινιού με δύναμη 50 N.

Απάντηση. 45.

Ένα βάρος αλουμινίου, στερεωμένο σε ένα αβαρές και μη εκτάσιμο νήμα, βυθίζεται πλήρως σε ένα δοχείο με νερό. Το φορτίο δεν αγγίζει τα τοιχώματα και τον πυθμένα του σκάφους. Στη συνέχεια, ένα φορτίο σιδήρου βυθίζεται στο ίδιο δοχείο με νερό, η μάζα του οποίου είναι ίση με τη μάζα του φορτίου αλουμινίου. Πώς θα αλλάξει το μέτρο της δύναμης τάσης του νήματος και το μέτρο της δύναμης βαρύτητας που ασκεί το φορτίο ως αποτέλεσμα αυτού;

αυξάνει?
Μειώνεται;
Δεν αλλάζει.

Λύση.Αναλύουμε την κατάσταση του προβλήματος και επιλέγουμε εκείνες τις παραμέτρους που δεν αλλάζουν κατά τη διάρκεια της μελέτης: αυτή είναι η μάζα του σώματος και το υγρό στο οποίο το σώμα είναι βυθισμένο στα νήματα. Μετά από αυτό, είναι καλύτερο να κάνετε ένα σχηματικό σχέδιο και να υποδείξετε τις δυνάμεις που δρουν στο φορτίο: τη δύναμη της τάσης του νήματος φάέλεγχος, κατευθυνόμενος κατά μήκος του νήματος προς τα πάνω. Η βαρύτητα κατευθύνεται κάθετα προς τα κάτω. Αρχιμήδειος δύναμη ένα, που ενεργεί από την πλευρά του υγρού στο βυθισμένο σώμα και κατευθύνεται προς τα πάνω. Σύμφωνα με την κατάσταση του προβλήματος, η μάζα των φορτίων είναι η ίδια, επομένως, το μέτρο της δύναμης βαρύτητας που ασκεί το φορτίο δεν αλλάζει. Δεδομένου ότι η πυκνότητα των εμπορευμάτων είναι διαφορετική, ο όγκος θα είναι επίσης διαφορετικός.

V =	Μ	.
	Π

Η πυκνότητα του σιδήρου είναι 7800 kg / m 3 και το φορτίο αλουμινίου είναι 2700 kg / m 3. Ως εκ τούτου, VΚαλά< Va. Το σώμα βρίσκεται σε ισορροπία, το αποτέλεσμα όλων των δυνάμεων που ασκούνται στο σώμα είναι μηδέν. Ας κατευθύνουμε τον άξονα συντεταγμένων OY προς τα πάνω. Γράφουμε τη βασική εξίσωση της δυναμικής, λαμβάνοντας υπόψη την προβολή των δυνάμεων, στη μορφή φάπρώην + Φά – mg= 0; (1) Εκφράζουμε τη δύναμη τάσης φάεξτρ = mg – Φά(2); Η δύναμη του Αρχιμήδειου εξαρτάται από την πυκνότητα του υγρού και τον όγκο του βυθισμένου μέρους του σώματος Φά = ρ gV p.h.t. (3); Η πυκνότητα του υγρού δεν αλλάζει και ο όγκος του σώματος σιδήρου είναι μικρότερος VΚαλά< Va, οπότε η δύναμη του Αρχιμήδειου που ασκεί το φορτίο σιδήρου θα είναι μικρότερη. Εξάγουμε ένα συμπέρασμα σχετικά με το μέτρο της δύναμης τάσης νήματος, δουλεύοντας με την εξίσωση (2), θα αυξηθεί.

Απάντηση. 13.

Μπάρα μάζα Μγλιστράει από ένα σταθερό τραχύ κεκλιμένο επίπεδο με γωνία α στη βάση. Ο συντελεστής επιτάχυνσης ράβδου είναι ίσος με ένα, ο συντελεστής ταχύτητας ράβδου αυξάνεται. Η αντίσταση του αέρα μπορεί να παραμεληθεί.

Καθιερώστε μια αντιστοιχία μεταξύ φυσικών μεγεθών και τύπων με τους οποίους μπορούν να υπολογιστούν. Για κάθε θέση της πρώτης στήλης, επιλέξτε την αντίστοιχη θέση από τη δεύτερη στήλη και σημειώστε τους επιλεγμένους αριθμούς στον πίνακα κάτω από τα αντίστοιχα γράμματα.

Β) Ο συντελεστής τριβής της ράβδου στο κεκλιμένο επίπεδο

3) mg cosα

4) sina -	ένα
	σολ cosα

Λύση.Αυτή η εργασία απαιτεί την εφαρμογή των νόμων του Νεύτωνα. Συνιστούμε να κάνετε ένα σχηματικό σχέδιο. υποδεικνύουν όλα τα κινηματικά χαρακτηριστικά της κίνησης. Εάν είναι δυνατόν, απεικονίστε το διάνυσμα της επιτάχυνσης και τα διανύσματα όλων των δυνάμεων που εφαρμόζονται στο κινούμενο σώμα. να θυμάστε ότι οι δυνάμεις που δρουν στο σώμα είναι αποτέλεσμα αλληλεπίδρασης με άλλα σώματα. Στη συνέχεια γράψτε τη βασική εξίσωση της δυναμικής. Επιλέξτε ένα σύστημα αναφοράς και σημειώστε την εξίσωση που προκύπτει για την προβολή των διανυσμάτων δύναμης και επιτάχυνσης.

Ακολουθώντας τον προτεινόμενο αλγόριθμο, θα κάνουμε ένα σχηματικό σχέδιο (Εικ. 1). Το σχήμα δείχνει τις δυνάμεις που εφαρμόζονται στο κέντρο βάρους της ράβδου και τους άξονες συντεταγμένων του συστήματος αναφοράς που σχετίζονται με την επιφάνεια του κεκλιμένου επιπέδου. Εφόσον όλες οι δυνάμεις είναι σταθερές, η κίνηση της ράβδου θα είναι εξίσου μεταβλητή με την αύξηση της ταχύτητας, δηλ. το διάνυσμα της επιτάχυνσης κατευθύνεται προς την κατεύθυνση της κίνησης. Ας επιλέξουμε την κατεύθυνση των αξόνων όπως φαίνεται στο σχήμα. Ας γράψουμε τις προβολές των δυνάμεων στους επιλεγμένους άξονες.

Ας γράψουμε τη βασική εξίσωση της δυναμικής:

Tr + = (1)

Ας γράψουμε αυτή την εξίσωση (1) για την προβολή των δυνάμεων και της επιτάχυνσης.

Στον άξονα OY: η προβολή της δύναμης αντίδρασης του στηρίγματος είναι θετική, αφού το διάνυσμα συμπίπτει με την κατεύθυνση του άξονα OY N y = Ν; η προβολή της δύναμης τριβής είναι μηδέν αφού το διάνυσμα είναι κάθετο στον άξονα. η προβολή της βαρύτητας θα είναι αρνητική και ίση με mgy= – mg cosα ; διανυσματική προβολή επιτάχυνσης ένα υ= 0, αφού το διάνυσμα της επιτάχυνσης είναι κάθετο στον άξονα. Εχουμε Ν – mg cosα = 0 (2) από την εξίσωση εκφράζουμε τη δύναμη αντίδρασης που ασκείται στη ράβδο από την πλευρά του κεκλιμένου επιπέδου. Ν = mg cosα (3). Ας γράψουμε τις προβολές στον άξονα ΟΧ.

Στον άξονα OX: προβολή δύναμης Νισούται με μηδέν, αφού το διάνυσμα είναι κάθετο στον άξονα OX. Η προβολή της δύναμης τριβής είναι αρνητική (το διάνυσμα κατευθύνεται προς την αντίθετη κατεύθυνση σε σχέση με τον επιλεγμένο άξονα). η προβολή της βαρύτητας είναι θετική και ίση με mg x = mg sina (4) από ορθογώνιο τρίγωνο. Προβολή θετικής επιτάχυνσης ένα x = ένα; Στη συνέχεια γράφουμε την εξίσωση (1) λαμβάνοντας υπόψη την προβολή mgσινα- φά tr = μαμά (5); φά tr = Μ(σολσινα- ένα) (6); Θυμηθείτε ότι η δύναμη της τριβής είναι ανάλογη με τη δύναμη της κανονικής πίεσης Ν.

Εξ ορισμού φά tr = μ Ν(7), εκφράζουμε τον συντελεστή τριβής της ράβδου στο κεκλιμένο επίπεδο.

μ =	φά tr	=	Μ(σολσινα- ένα)	= τανα –	ένα	(8).
	Ν		mg cosα		σολ cosα

Επιλέγουμε τις κατάλληλες θέσεις για κάθε γράμμα.

Απάντηση.Α-3; Β - 2.

Εργασία 8. Το αέριο οξυγόνο βρίσκεται σε δοχείο με όγκο 33,2 λίτρα. Η πίεση του αερίου είναι 150 kPa, η θερμοκρασία του είναι 127 ° C. Προσδιορίστε τη μάζα του αερίου σε αυτό το δοχείο. Εκφράστε την απάντησή σας σε γραμμάρια και στρογγυλοποιήστε στον πλησιέστερο ακέραιο αριθμό.

Λύση.Είναι σημαντικό να δοθεί προσοχή στη μετατροπή των μονάδων στο σύστημα SI. Μετατροπή θερμοκρασίας σε Kelvin Τ = t°С + 273, τόμος V\u003d 33,2 l \u003d 33,2 10 -3 m 3; Μεταφράζουμε πίεση Π= 150 kPa = 150.000 Pa. Χρησιμοποιώντας την εξίσωση κατάστασης ιδανικού αερίου

εκφράζουν τη μάζα του αερίου.

Φροντίστε να δώσετε προσοχή στη μονάδα στην οποία σας ζητείται να γράψετε την απάντηση. Είναι πολύ σημαντικό.

Απάντηση. 48

Εργασία 9.Ένα ιδανικό μονοατομικό αέριο σε ποσότητα 0,025 mol διαστέλλεται αδιαβατικά. Ταυτόχρονα, η θερμοκρασία του έπεσε από +103°C σε +23°C. Ποιο είναι το έργο που κάνει το αέριο; Εκφράστε την απάντησή σας σε Joules και στρογγυλοποιήστε στον πλησιέστερο ακέραιο αριθμό.

Λύση.Πρώτον, το αέριο είναι μονατομικός αριθμός βαθμών ελευθερίας Εγώ= 3, δεύτερον, το αέριο διαστέλλεται αδιαβατικά - αυτό σημαίνει ότι δεν υπάρχει μεταφορά θερμότητας Q= 0. Το αέριο πράγματι λειτουργεί μειώνοντας την εσωτερική ενέργεια. Έχοντας αυτό υπόψη, γράφουμε τον πρώτο θερμοδυναμικό νόμο ως 0 = Δ U + ΕΝΑΣΟΛ; (1) εκφράζουμε το έργο του αερίου ΕΝΑ g = –∆ U(2); Γράφουμε τη μεταβολή της εσωτερικής ενέργειας για ένα μονατομικό αέριο ως

Απάντηση. 25 J.

Η σχετική υγρασία ενός μέρους του αέρα σε μια συγκεκριμένη θερμοκρασία είναι 10%. Πόσες φορές πρέπει να αλλάξει η πίεση αυτού του τμήματος αέρα για να αυξηθεί η σχετική υγρασία του κατά 25% σε σταθερή θερμοκρασία;

Λύση.Ερωτήσεις που σχετίζονται με κορεσμένο ατμό και υγρασία αέρα τις περισσότερες φορές προκαλούν δυσκολίες στους μαθητές. Ας χρησιμοποιήσουμε τον τύπο για τον υπολογισμό της σχετικής υγρασίας του αέρα

Σύμφωνα με την κατάσταση του προβλήματος, η θερμοκρασία δεν αλλάζει, πράγμα που σημαίνει ότι η πίεση ατμών κορεσμού παραμένει η ίδια. Ας γράψουμε τον τύπο (1) για δύο καταστάσεις αέρα.

φ 1 \u003d 10%; φ 2 = 35%

Εκφράζουμε την πίεση του αέρα από τους τύπους (2), (3) και βρίσκουμε τον λόγο των πιέσεων.

Π 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
Π 1		φ 1		10

Απάντηση.Η πίεση πρέπει να αυξηθεί κατά 3,5 φορές.

Η θερμή ουσία σε υγρή κατάσταση ψύχθηκε αργά σε κλίβανο τήξης με σταθερή ισχύ. Ο πίνακας δείχνει τα αποτελέσματα των μετρήσεων της θερμοκρασίας μιας ουσίας σε βάθος χρόνου.

Επιλέξτε από την προτεινόμενη λίστα δύοδηλώσεις που αντιστοιχούν στα αποτελέσματα των μετρήσεων και αναφέρουν τους αριθμούς τους.

Το σημείο τήξης της ουσίας υπό αυτές τις συνθήκες είναι 232°C.
Σε 20 λεπτά. μετά την έναρξη των μετρήσεων, η ουσία ήταν μόνο σε στερεή κατάσταση.
Η θερμοχωρητικότητα μιας ουσίας σε υγρή και στερεή κατάσταση είναι η ίδια.
Μετά από 30 λεπτά. μετά την έναρξη των μετρήσεων, η ουσία ήταν μόνο σε στερεή κατάσταση.
Η διαδικασία κρυστάλλωσης της ουσίας κράτησε περισσότερα από 25 λεπτά.

Λύση.Καθώς η ύλη ψύχθηκε, η εσωτερική της ενέργεια μειώθηκε. Τα αποτελέσματα των μετρήσεων θερμοκρασίας επιτρέπουν τον προσδιορισμό της θερμοκρασίας στην οποία αρχίζει να κρυσταλλώνεται η ουσία. Όσο μια ουσία αλλάζει από υγρή σε στερεή, η θερμοκρασία δεν αλλάζει. Γνωρίζοντας ότι η θερμοκρασία τήξης και η θερμοκρασία κρυστάλλωσης είναι ίδιες, επιλέγουμε τη δήλωση:

1. Το σημείο τήξης μιας ουσίας υπό αυτές τις συνθήκες είναι 232°C.

Η δεύτερη σωστή δήλωση είναι:

4. Μετά από 30 λεπτά. μετά την έναρξη των μετρήσεων, η ουσία ήταν μόνο σε στερεή κατάσταση. Δεδομένου ότι η θερμοκρασία σε αυτό το χρονικό σημείο είναι ήδη κάτω από τη θερμοκρασία κρυστάλλωσης.

Απάντηση. 14.

Σε ένα απομονωμένο σύστημα, το σώμα Α έχει θερμοκρασία +40°C και το σώμα Β έχει θερμοκρασία +65°C. Αυτά τα σώματα έρχονται σε θερμική επαφή μεταξύ τους. Μετά από κάποιο χρονικό διάστημα, επιτυγχάνεται η θερμική ισορροπία. Πώς άλλαξε η θερμοκρασία του σώματος Β και η συνολική εσωτερική ενέργεια του σώματος Α και Β ως αποτέλεσμα;

Για κάθε τιμή, προσδιορίστε την κατάλληλη φύση της αλλαγής:

Αυξήθηκε?
Μειώθηκε;
Δεν έχει αλλάξει.

Γράψτε στον πίνακα τους επιλεγμένους αριθμούς για κάθε φυσική ποσότητα. Οι αριθμοί στην απάντηση μπορεί να επαναληφθούν.

Λύση.Εάν σε ένα απομονωμένο σύστημα σωμάτων δεν συμβαίνουν μετασχηματισμοί ενέργειας εκτός από την ανταλλαγή θερμότητας, τότε η ποσότητα θερμότητας που εκπέμπεται από σώματα των οποίων η εσωτερική ενέργεια μειώνεται είναι ίση με την ποσότητα θερμότητας που λαμβάνουν τα σώματα των οποίων η εσωτερική ενέργεια αυξάνεται. (Σύμφωνα με το νόμο της διατήρησης της ενέργειας.) Σε αυτή την περίπτωση, η συνολική εσωτερική ενέργεια του συστήματος δεν αλλάζει. Προβλήματα αυτού του τύπου επιλύονται με βάση την εξίσωση του ισοζυγίου θερμότητας.

∆U = ∑	n	∆U i = 0 (1);
	Εγώ = 1

όπου ∆ U- αλλαγή στην εσωτερική ενέργεια.

Στην περίπτωσή μας, ως αποτέλεσμα της μεταφοράς θερμότητας, η εσωτερική ενέργεια του σώματος Β μειώνεται, πράγμα που σημαίνει ότι η θερμοκρασία αυτού του σώματος μειώνεται. Η εσωτερική ενέργεια του σώματος Α αυξάνεται, αφού το σώμα έλαβε την ποσότητα θερμότητας από το σώμα Β, τότε η θερμοκρασία του θα αυξηθεί. Η συνολική εσωτερική ενέργεια των σωμάτων Α και Β δεν μεταβάλλεται.

Απάντηση. 23.

Πρωτόνιο Π, που πετάγεται στο κενό μεταξύ των πόλων ενός ηλεκτρομαγνήτη, έχει ταχύτητα κάθετη στο διάνυσμα επαγωγής του μαγνητικού πεδίου, όπως φαίνεται στο σχήμα. Πού κατευθύνεται η δύναμη Lorentz που ενεργεί στο πρωτόνιο σε σχέση με το σχήμα (πάνω, προς τον παρατηρητή, μακριά από τον παρατηρητή, κάτω, αριστερά, δεξιά)

Λύση.Ένα μαγνητικό πεδίο δρα σε ένα φορτισμένο σωματίδιο με τη δύναμη Lorentz. Για να προσδιορίσετε την κατεύθυνση αυτής της δύναμης, είναι σημαντικό να θυμάστε τον μνημονικό κανόνα του αριστερού χεριού, να μην ξεχάσετε να λάβετε υπόψη το φορτίο του σωματιδίου. Κατευθύνουμε τα τέσσερα δάχτυλα του αριστερού χεριού κατά μήκος του διανύσματος ταχύτητας, για ένα θετικά φορτισμένο σωματίδιο, το διάνυσμα πρέπει να εισέλθει στην παλάμη κάθετα, αντίχειραςΤο να παραμερίζεται κατά 90° δείχνει την κατεύθυνση της δύναμης Lorentz που ασκεί το σωματίδιο. Ως αποτέλεσμα, έχουμε ότι το διάνυσμα της δύναμης Lorentz κατευθύνεται μακριά από τον παρατηρητή σε σχέση με το σχήμα.

Απάντηση.από τον παρατηρητή.

Συντελεστής τάσης ηλεκτρικό πεδίοσε επίπεδο πυκνωτή αέρα χωρητικότητας 50 μικροφαράδων είναι 200 V / m. Η απόσταση μεταξύ των πλακών πυκνωτών είναι 2 mm. Ποια είναι η φόρτιση του πυκνωτή; Γράψτε την απάντησή σας σε µC.

Λύση.Ας μετατρέψουμε όλες τις μονάδες μέτρησης στο σύστημα SI. Χωρητικότητα C \u003d 50 μF \u003d 50 10 -6 F, απόσταση μεταξύ των πλακών ρε= 2 10 -3 μ. Το πρόβλημα αφορά έναν επίπεδο πυκνωτή αέρα - μια συσκευή για τη συσσώρευση ηλεκτρικού φορτίου και ενέργειας ηλεκτρικού πεδίου. Από τον τύπο ηλεκτρικής χωρητικότητας

που ρεείναι η απόσταση μεταξύ των πλακών.

Ας εκφράσουμε την ένταση U= Ε ρε(4); Αντικαταστήστε το (4) στο (2) και υπολογίστε το φορτίο του πυκνωτή.

q = ντο · Εκδ\u003d 50 10 -6 200 0,002 \u003d 20 μC

Δώστε προσοχή στις μονάδες στις οποίες πρέπει να γράψετε την απάντηση. Το παραλάβαμε σε μενταγιόν, αλλά το παρουσιάζουμε σε μC.

Απάντηση. 20 μC.

Ο μαθητής πραγματοποίησε το πείραμα για τη διάθλαση του φωτός, που παρουσιάζεται στη φωτογραφία. Πώς αλλάζει η γωνία διάθλασης του φωτός που διαδίδεται στο γυαλί και ο δείκτης διάθλασης του γυαλιού με την αύξηση της γωνίας πρόσπτωσης;

αυξάνεται
Μειώνεται
Δεν αλλάζει
Καταγράψτε τους επιλεγμένους αριθμούς για κάθε απάντηση στον πίνακα. Οι αριθμοί στην απάντηση μπορεί να επαναληφθούν.

Λύση.Σε εργασίες ενός τέτοιου σχεδίου, θυμόμαστε τι είναι η διάθλαση. Αυτή είναι μια αλλαγή στην κατεύθυνση διάδοσης του κύματος όταν περνά από το ένα μέσο στο άλλο. Προκαλείται από το γεγονός ότι οι ταχύτητες διάδοσης των κυμάτων σε αυτά τα μέσα είναι διαφορετικές. Έχοντας καταλάβει από ποιο μέσο διαδίδεται το φως, γράφουμε τον νόμο της διάθλασης στη μορφή

sina	=	n 2	,
sinβ		n 1

που n 2 - ο απόλυτος δείκτης διάθλασης του γυαλιού, το μέσο όπου πηγαίνει το φως. n 1 είναι ο απόλυτος δείκτης διάθλασης του πρώτου μέσου από όπου προέρχεται το φως. Για αέρα n 1 = 1. α είναι η γωνία πρόσπτωσης της δέσμης στην επιφάνεια του γυάλινου ημικύλινδρου, β είναι η γωνία διάθλασης της δέσμης στο γυαλί. Επιπλέον, η γωνία διάθλασης θα είναι μικρότερη από τη γωνία πρόσπτωσης, καθώς το γυαλί είναι ένα οπτικά πυκνότερο μέσο - ένα μέσο με υψηλό δείκτη διάθλασης. Η ταχύτητα διάδοσης του φωτός στο γυαλί είναι πιο αργή. Σημειώστε ότι οι γωνίες μετρώνται από την κάθετη που έχει αποκατασταθεί στο σημείο πρόσπτωσης της δοκού. Εάν αυξήσετε τη γωνία πρόσπτωσης, τότε θα αυξηθεί και η γωνία διάθλασης. Ο δείκτης διάθλασης του γυαλιού δεν θα αλλάξει από αυτό.

Απάντηση.

Χάλκινο βραχυκυκλωτήρα την ώρα tΤο 0 = 0 αρχίζει να κινείται με ταχύτητα 2 m/s κατά μήκος παράλληλων οριζόντιων αγώγιμων σιδηροτροχιών, στα άκρα των οποίων συνδέεται μια αντίσταση 10 ohm. Ολόκληρο το σύστημα βρίσκεται σε ένα κατακόρυφο ομοιόμορφο μαγνητικό πεδίο. Η αντίσταση του βραχυκυκλωτήρα και των σιδηροτροχιών είναι αμελητέα, ο βραχυκυκλωτήρας είναι πάντα κάθετος στις ράγες. Η ροή Φ του διανύσματος μαγνητικής επαγωγής μέσω του κυκλώματος που σχηματίζεται από το βραχυκυκλωτήρα, τις ράγες και την αντίσταση αλλάζει με την πάροδο του χρόνου tόπως φαίνεται στο διάγραμμα.

Χρησιμοποιώντας το γράφημα, επιλέξτε δύο αληθείς προτάσεις και αναφέρετε τους αριθμούς τους στην απάντησή σας.

Ωσπου t\u003d 0,1 s, η μεταβολή της μαγνητικής ροής μέσω του κυκλώματος είναι 1 mWb.
Ρεύμα επαγωγής στον βραχυκυκλωτήρα στην περιοχή από t= 0,1 δευτ t= 0,3 s μέγ.
Η μονάδα του EMF επαγωγής που εμφανίζεται στο κύκλωμα είναι 10 mV.
Η ισχύς του επαγωγικού ρεύματος που ρέει στον βραχυκυκλωτήρα είναι 64 mA.
Για να διατηρηθεί η κίνηση του βραχυκυκλωτήρα, εφαρμόζεται σε αυτό μια δύναμη, η προβολή της οποίας στην κατεύθυνση των σιδηροτροχιών είναι 0,2 N.

Λύση.Σύμφωνα με το γράφημα της εξάρτησης της ροής του διανύσματος μαγνητικής επαγωγής μέσω του κυκλώματος στο χρόνο, προσδιορίζουμε τα τμήματα όπου αλλάζει η ροή Ф και όπου η μεταβολή στη ροή είναι μηδέν. Αυτό θα μας επιτρέψει να προσδιορίσουμε τα χρονικά διαστήματα στα οποία θα εμφανίζεται το επαγωγικό ρεύμα στο κύκλωμα. Σωστή δήλωση:

1) Μέχρι την ώρα t= 0,1 s η μεταβολή της μαγνητικής ροής μέσω του κυκλώματος είναι 1 mWb ∆F = (1 - 0) 10 -3 Wb; Η μονάδα επαγωγής EMF που εμφανίζεται στο κύκλωμα προσδιορίζεται χρησιμοποιώντας το νόμο EMP

Απάντηση. 13.

Σύμφωνα με το γράφημα της εξάρτησης της ισχύος ρεύματος από το χρόνο σε ένα ηλεκτρικό κύκλωμα του οποίου η επαγωγή είναι 1 mH, προσδιορίστε τη μονάδα EMF αυτοεπαγωγής στο χρονικό διάστημα από 5 έως 10 δευτερόλεπτα. Γράψτε την απάντησή σας σε μικροβολτ.

Λύση.Ας μετατρέψουμε όλες τις ποσότητες στο σύστημα SI, δηλ. μεταφράζουμε την επαγωγή του 1 mH σε H, παίρνουμε 10 -3 H. Η ένταση ρεύματος που φαίνεται στο σχήμα σε mA θα μετατραπεί επίσης σε A πολλαπλασιάζοντας με 10 -3.

Ο τύπος EMF αυτο-επαγωγής έχει τη μορφή

Σε αυτή την περίπτωση, το χρονικό διάστημα δίνεται ανάλογα με την κατάσταση του προβλήματος

∆t= 10 s – 5 s = 5 s

δευτερόλεπτα και σύμφωνα με το χρονοδιάγραμμα προσδιορίζουμε το διάστημα της τρέχουσας αλλαγής κατά τη διάρκεια αυτού του χρόνου:

∆Εγώ= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 Α.

Αντικαθιστούμε τις αριθμητικές τιμές στον τύπο (2), παίρνουμε

| Ɛ | \u003d 2 10 -6 V ή 2 μV.

Απάντηση. 2.

Δύο διαφανείς πλάκες σε επίπεδο παράλληλες πιέζονται σφιχτά μεταξύ τους. Μια δέσμη φωτός πέφτει από τον αέρα στην επιφάνεια της πρώτης πλάκας (βλ. εικόνα). Είναι γνωστό ότι ο δείκτης διάθλασης της άνω πλάκας είναι ίσος με n 2 = 1,77. Καθιερώστε μια αντιστοιχία μεταξύ των φυσικών μεγεθών και των τιμών τους. Για κάθε θέση της πρώτης στήλης, επιλέξτε την αντίστοιχη θέση από τη δεύτερη στήλη και σημειώστε τους επιλεγμένους αριθμούς στον πίνακα κάτω από τα αντίστοιχα γράμματα.

Λύση.Για την επίλυση προβλημάτων σχετικά με τη διάθλαση του φωτός στη διεπαφή μεταξύ δύο μέσων, ειδικότερα, προβλήματα σχετικά με τη διέλευση του φωτός από επίπεδες παράλληλες πλάκες, μπορεί να προταθεί η ακόλουθη σειρά επίλυσης: κάντε ένα σχέδιο που να δείχνει τη διαδρομή των ακτίνων που προέρχονται από ένα μέτρια προς άλλη? στο σημείο πρόσπτωσης της δέσμης στη διεπαφή μεταξύ δύο μέσων, σχεδιάστε μια κανονική στην επιφάνεια, σημειώστε τις γωνίες πρόσπτωσης και διάθλασης. Δώστε ιδιαίτερη προσοχή στην οπτική πυκνότητα των υπό εξέταση μέσων και να θυμάστε ότι όταν μια δέσμη φωτός περνά από ένα οπτικά λιγότερο πυκνό μέσο σε ένα οπτικά πυκνότερο μέσο, η γωνία διάθλασης θα είναι μικρότερη από τη γωνία πρόσπτωσης. Το σχήμα δείχνει τη γωνία μεταξύ της προσπίπτουσας δέσμης και της επιφάνειας και χρειαζόμαστε τη γωνία πρόσπτωσης. Θυμηθείτε ότι οι γωνίες καθορίζονται από την κάθετη που αποκαταστάθηκε στο σημείο πρόσπτωσης. Καθορίζουμε ότι η γωνία πρόσπτωσης της δέσμης στην επιφάνεια είναι 90° - 40° = 50°, ο δείκτης διάθλασης n 2 = 1,77; n 1 = 1 (αέρας).

Ας γράψουμε τον νόμο της διάθλασης

sinβ =	αμαρτία50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Ας φτιάξουμε μια κατά προσέγγιση διαδρομή της δοκού μέσα από τις πλάκες. Χρησιμοποιούμε τον τύπο (1) για τα όρια 2–3 και 3–1. Σε απάντηση παίρνουμε

Α) Το ημίτονο της γωνίας πρόσπτωσης της δέσμης στο όριο 2–3 μεταξύ των πλακών είναι 2) ≈ 0,433;

Β) Η γωνία διάθλασης της δέσμης κατά τη διέλευση του ορίου 3–1 (σε ακτίνια) είναι 4) ≈ 0,873.

Απάντηση. 24.

Προσδιορίστε πόσα σωματίδια α και πόσα πρωτόνια λαμβάνονται ως αποτέλεσμα μιας αντίδρασης θερμοπυρηνικής σύντηξης

+ → Χ+ y;

Λύση.Σε όλες τις πυρηνικές αντιδράσεις τηρούνται οι νόμοι διατήρησης του ηλεκτρικού φορτίου και του αριθμού των νουκλεονίων. Δηλώστε με x τον αριθμό των σωματιδίων άλφα, y τον αριθμό των πρωτονίων. Ας κάνουμε εξισώσεις

+ → x + y;

λύνοντας το σύστημα έχουμε αυτό Χ = 1; y = 2

Απάντηση. 1 – α-σωματίδιο; 2 - πρωτόνια.

Ο συντελεστής ορμής του πρώτου φωτονίου είναι 1,32 · 10 -28 kg m/s, που είναι 9,48 · 10 -28 kg m/s μικρότερος από τη μονάδα ορμής του δεύτερου φωτονίου. Βρείτε την αναλογία ενέργειας E 2 /E 1 του δεύτερου και του πρώτου φωτονίου. Στρογγυλοποιήστε την απάντησή σας στα δέκατα.

Λύση.Η ορμή του δεύτερου φωτονίου είναι μεγαλύτερη από την ορμή του πρώτου φωτονίου κατά συνθήκη, οπότε μπορούμε να φανταστούμε Π 2 = Π 1 + ∆ Π(ένας). Η ενέργεια του φωτονίου μπορεί να εκφραστεί σε όρους ορμής φωτονίου χρησιμοποιώντας τις ακόλουθες εξισώσεις. Αυτό μι = mc 2(1) και Π = mc(2), λοιπόν

μι = pc (3),

που μιείναι η ενέργεια των φωτονίων, Πείναι η ορμή του φωτονίου, m είναι η μάζα του φωτονίου, ντο= 3 10 8 m/s είναι η ταχύτητα του φωτός. Λαμβάνοντας υπόψη τον τύπο (3), έχουμε:

μι 2	=	Π 2	= 8,18;
μι 1		Π 1

Στρογγυλοποιούμε την απάντηση στα δέκατα και παίρνουμε 8,2.

Απάντηση. 8,2.

Ο πυρήνας ενός ατόμου έχει υποστεί ραδιενεργό β-διάσπαση ποζιτρονίων. Πώς αυτό άλλαξε το ηλεκτρικό φορτίο του πυρήνα και τον αριθμό των νετρονίων σε αυτόν;

Για κάθε τιμή, προσδιορίστε την κατάλληλη φύση της αλλαγής:

Αυξήθηκε?
Μειώθηκε;
Δεν έχει αλλάξει.

Λύση.Ποζιτρόνιο β - η διάσπαση στον ατομικό πυρήνα συμβαίνει κατά τη μετατροπή ενός πρωτονίου σε νετρόνιο με την εκπομπή ενός ποζιτρονίου. Ως αποτέλεσμα, ο αριθμός των νετρονίων στον πυρήνα αυξάνεται κατά ένα, το ηλεκτρικό φορτίο μειώνεται κατά ένα και ο μαζικός αριθμός του πυρήνα παραμένει αμετάβλητος. Έτσι, η αντίδραση μετασχηματισμού ενός στοιχείου είναι η εξής:

Απάντηση. 21.

Πραγματοποιήθηκαν πέντε πειράματα στο εργαστήριο για την παρατήρηση της περίθλασης χρησιμοποιώντας διάφορα πλέγματα περίθλασης. Κάθε ένα από τα πλέγματα φωτιζόταν από παράλληλες δέσμες μονοχρωματικού φωτός με ορισμένο μήκος κύματος. Το φως σε όλες τις περιπτώσεις προσπίπτει κάθετα στη σχάρα. Σε δύο από αυτά τα πειράματα, παρατηρήθηκε ο ίδιος αριθμός βασικών μέγιστων περίθλασης. Υποδείξτε πρώτα τον αριθμό του πειράματος στο οποίο χρησιμοποιήθηκε ένα πλέγμα περίθλασης με μικρότερη περίοδο και, στη συνέχεια, τον αριθμό του πειράματος στο οποίο χρησιμοποιήθηκε ένα πλέγμα περίθλασης με μεγαλύτερη περίοδο.

Λύση.Περίθλαση φωτός είναι το φαινόμενο μιας δέσμης φωτός στην περιοχή μιας γεωμετρικής σκιάς. Η περίθλαση μπορεί να παρατηρηθεί όταν συναντώνται αδιαφανείς περιοχές ή τρύπες στη διαδρομή ενός φωτεινού κύματος σε μεγάλα και αδιαφανή φράγματα και οι διαστάσεις αυτών των περιοχών ή οπών είναι ανάλογες με το μήκος κύματος. Μία από τις πιο σημαντικές συσκευές περίθλασης είναι ένα πλέγμα περίθλασης. Οι γωνιακές κατευθύνσεις προς τα μέγιστα του σχεδίου περίθλασης καθορίζονται από την εξίσωση

ρεαμαρτία = κλ(1),

που ρεείναι η περίοδος του πλέγματος περίθλασης, φ είναι η γωνία μεταξύ της κανονικής προς το πλέγμα και της κατεύθυνσης προς ένα από τα μέγιστα του σχεδίου περίθλασης, λ είναι το μήκος κύματος φωτός, κείναι ένας ακέραιος αριθμός που ονομάζεται τάξη του μέγιστου περίθλασης. Εκφράστε από την εξίσωση (1)

Επιλέγοντας ζεύγη σύμφωνα με τις πειραματικές συνθήκες, επιλέγουμε πρώτα 4 όπου χρησιμοποιήθηκε πλέγμα περίθλασης με μικρότερη περίοδο και μετά ο αριθμός του πειράματος στο οποίο χρησιμοποιήθηκε πλέγμα περίθλασης με μεγάλη περίοδο είναι 2.

Απάντηση. 42.

Το ρεύμα ρέει μέσω της αντίστασης καλωδίου. Η αντίσταση αντικαταστάθηκε με μια άλλη, με ένα σύρμα από το ίδιο μέταλλο και το ίδιο μήκος, αλλά με το μισό εμβαδόν διατομής και το μισό ρεύμα περνούσε μέσα από αυτό. Πώς θα αλλάξει η τάση στην αντίσταση και η αντίστασή της;

Για κάθε τιμή, προσδιορίστε την κατάλληλη φύση της αλλαγής:

θα αυξηθεί;
θα μειωθεί?
Δεν θα αλλάξει.

Λύση.Είναι σημαντικό να θυμάστε από ποιες ποσότητες εξαρτάται η αντίσταση του αγωγού. Ο τύπος για τον υπολογισμό της αντίστασης είναι

Ο νόμος του Ohm για το τμήμα του κυκλώματος, από τον τύπο (2), εκφράζουμε την τάση

U = Ι Ρ (3).

Σύμφωνα με την κατάσταση του προβλήματος, η δεύτερη αντίσταση είναι κατασκευασμένη από σύρμα του ίδιου υλικού, του ίδιου μήκους, αλλά διαφορετικής επιφάνειας διατομής. Η περιοχή είναι διπλάσια μικρότερη. Αντικαθιστώντας το (1) παίρνουμε ότι η αντίσταση αυξάνεται κατά 2 φορές και το ρεύμα μειώνεται κατά 2 φορές, επομένως, η τάση δεν αλλάζει.

Απάντηση. 13.

Η περίοδος ταλάντωσης ενός μαθηματικού εκκρεμούς στην επιφάνεια της γης είναι 1,2 φορές περισσότερη περίοδοτις ταλαντώσεις του σε κάποιον πλανήτη. Ποιος είναι ο συντελεστής επιτάχυνσης της βαρύτητας σε αυτόν τον πλανήτη; Η επίδραση της ατμόσφαιρας και στις δύο περιπτώσεις είναι αμελητέα.

Λύση.Ένα μαθηματικό εκκρεμές είναι ένα σύστημα που αποτελείται από ένα νήμα, οι διαστάσεις του οποίου είναι πολύ μεγαλύτερες από τις διαστάσεις της μπάλας και της ίδιας της μπάλας. Μπορεί να προκύψει δυσκολία εάν ξεχαστεί ο τύπος Thomson για την περίοδο ταλάντωσης ενός μαθηματικού εκκρεμούς.

Τ= 2π (1);

μεγάλοείναι το μήκος του μαθηματικού εκκρεμούς. σολ- επιτάχυνση της βαρύτητας.

Κατά συνθήκη

Express από (3) σολ n \u003d 14,4 m / s 2. Πρέπει να σημειωθεί ότι η επιτάχυνση της ελεύθερης πτώσης εξαρτάται από τη μάζα του πλανήτη και την ακτίνα

Απάντηση. 14,4 m/s 2.

Ένας ευθύς αγωγός μήκους 1 m, μέσω του οποίου ρέει ρεύμα 3 Α, βρίσκεται σε ομοιόμορφο μαγνητικό πεδίο με επαγωγή V= 0,4 T υπό γωνία 30° ως προς το διάνυσμα . Ποιο είναι το μέτρο της δύναμης που ασκεί ο αγωγός από το μαγνητικό πεδίο;

Λύση.Εάν ένας αγωγός που μεταφέρει ρεύμα τοποθετηθεί σε μαγνητικό πεδίο, τότε το πεδίο στον αγωγό που μεταφέρει ρεύμα θα ενεργήσει με τη δύναμη Ampere. Γράφουμε τον τύπο για το μέτρο δύναμης Ampère

φάΑ = I LB sina;

φά A = 0,6 N

Απάντηση. φά A = 0,6 N.

Η ενέργεια του μαγνητικού πεδίου που είναι αποθηκευμένη στο πηνίο όταν διέρχεται συνεχές ρεύμα είναι 120 J. Πόσες φορές πρέπει να αυξηθεί η ισχύς του ρεύματος που διαρρέει την περιέλιξη του πηνίου για να αποθηκεύεται η ενέργεια του μαγνητικού πεδίου σε αυτό να αυξηθεί κατά 5760 J.

Λύση.Η ενέργεια του μαγνητικού πεδίου του πηνίου υπολογίζεται από τον τύπο

W m =	LI 2	(1);
	2

Κατά συνθήκη W 1 = 120 J, λοιπόν W 2 \u003d 120 + 5760 \u003d 5880 J.

Εγώ 1 2 =	2W 1	; Εγώ 2 2 =	2W 2	;
	μεγάλο		μεγάλο

Στη συνέχεια η αναλογία ρεύματος

Εγώ 2 2	= 49;	Εγώ 2	= 7
Εγώ 1 2		Εγώ 1

Απάντηση.Η ένταση ρεύματος πρέπει να αυξηθεί κατά 7 φορές. Στο φύλλο απαντήσεων εισάγετε μόνο τον αριθμό 7.

Ένα ηλεκτρικό κύκλωμα αποτελείται από δύο λαμπτήρες, δύο διόδους και ένα πηνίο σύρματος συνδεδεμένο όπως φαίνεται στο σχήμα. (Μια δίοδος επιτρέπει στο ρεύμα να ρέει μόνο προς μία κατεύθυνση, όπως φαίνεται στο πάνω μέρος του σχήματος.) Ποιος από τους λαμπτήρες θα ανάψει εάν ο βόρειος πόλος του μαγνήτη πλησιάσει το πηνίο; Εξηγήστε την απάντησή σας υποδεικνύοντας ποια φαινόμενα και μοτίβα χρησιμοποιήσατε στην εξήγηση.

Λύση.Οι γραμμές μαγνητικής επαγωγής βγαίνουν από Βόρειος πόλοςμαγνήτης και αποκλίνουν. Καθώς ο μαγνήτης πλησιάζει, η μαγνητική ροή μέσω του πηνίου του σύρματος αυξάνεται. Σύμφωνα με τον κανόνα του Lenz, το μαγνητικό πεδίο που δημιουργείται από το επαγωγικό ρεύμα του βρόχου πρέπει να κατευθύνεται προς τα δεξιά. Σύμφωνα με τον κανόνα του gimlet, το ρεύμα πρέπει να ρέει δεξιόστροφα (όταν το βλέπουμε από αριστερά). Προς αυτή την κατεύθυνση, περνά η δίοδος στο κύκλωμα του δεύτερου λαμπτήρα. Έτσι, η δεύτερη λάμπα θα ανάψει.

Απάντηση.Η δεύτερη λυχνία θα ανάψει.

Μήκος ακτίνων αλουμινίου μεγάλο= 25 cm και εμβαδόν διατομής μικρό\u003d 0,1 cm 2 αιωρείται σε ένα νήμα από το πάνω άκρο. Το κάτω άκρο στηρίζεται στον οριζόντιο πυθμένα του δοχείου στο οποίο χύνεται νερό. Το μήκος του βυθισμένου τμήματος της ακτίνας μεγάλο= 10 cm Βρείτε δύναμη φά, με το οποίο πιέζει η βελόνα στον πυθμένα του αγγείου, αν είναι γνωστό ότι το νήμα βρίσκεται κατακόρυφα. Η πυκνότητα του αλουμινίου ρ a = 2,7 g / cm 3, η πυκνότητα του νερού ρ in = 1,0 g / cm 3. Επιτάχυνση βαρύτητος σολ= 10 m/s 2

Λύση.Ας κάνουμε ένα επεξηγηματικό σχέδιο.

– Δύναμη τάσης νήματος.

– Δύναμη αντίδρασης του πυθμένα του δοχείου.

α είναι η Αρχιμήδεια δύναμη που ενεργεί μόνο στο βυθισμένο μέρος του σώματος και εφαρμόζεται στο κέντρο του βυθισμένου τμήματος της ακτίνας.

- η δύναμη της βαρύτητας που επενεργεί στην ακτίνα από την πλευρά της Γης και εφαρμόζεται στο κέντρο ολόκληρης της ακτίνας.

Εξ ορισμού, η μάζα της ακτίνας Μκαι το μέτρο της Αρχιμήδειας δύναμης εκφράζονται ως εξής: Μ = SLρ a (1);

φάα = Slρ σε σολ (2)

Εξετάστε τις ροπές των δυνάμεων σε σχέση με το σημείο ανάρτησης της ακτίνας.

Μ(Τ) = 0 είναι η στιγμή της δύναμης τάσης. (3)

Μ(Ν) = NL cosα είναι η ροπή της δύναμης αντίδρασης του στηρίγματος. (4)

Λαμβάνοντας υπόψη τα σημάδια των ροπών, γράφουμε την εξίσωση

NL cos + Slρ σε σολ (μεγάλο –	μεγάλο	) cosα = SLρ ένα σολ	μεγάλο	cos(7)
	2		2

δεδομένου ότι, σύμφωνα με τον τρίτο νόμο του Νεύτωνα, η δύναμη αντίδρασης του πυθμένα του σκάφους είναι ίση με τη δύναμη φάδ με το οποίο η βελόνα πιέζει στον πάτο του αγγείου γράφουμε Ν = φά e και από την εξίσωση (7) εκφράζουμε αυτή τη δύναμη:

F d = [	1	μεγάλορ ένα– (1 –	μεγάλο	)μεγάλορ σε] Sg (8).
	2		2μεγάλο

Συνδέοντας τους αριθμούς, το καταλαβαίνουμε

φά d = 0,025 N.

Απάντηση. φά d = 0,025 N.

Ένα μπουκάλι που περιέχει Μ 1 = 1 kg αζώτου, όταν δοκιμάστηκε για αντοχή εξερράγη σε θερμοκρασία t 1 = 327°C. Τι μάζα υδρογόνου Μ 2 θα μπορούσε να αποθηκευτεί σε έναν τέτοιο κύλινδρο σε θερμοκρασία t 2 \u003d 27 ° C, με πενταπλάσιο περιθώριο ασφαλείας; Μοριακή μάζα αζώτου Μ 1 \u003d 28 g / mol, υδρογόνο Μ 2 = 2 g/mol.

Λύση.Γράφουμε την εξίσωση κατάστασης ενός ιδανικού αερίου Mendeleev - Clapeyron για το άζωτο

που V- τον όγκο του μπαλονιού, Τ 1 = t 1 + 273°C. Ανάλογα με τις συνθήκες, το υδρογόνο μπορεί να αποθηκευτεί υπό πίεση Π 2 = p 1 /5; (3) Δεδομένου ότι

μπορούμε να εκφράσουμε τη μάζα του υδρογόνου δουλεύοντας αμέσως με τις εξισώσεις (2), (3), (4). Η τελική φόρμουλα μοιάζει με:

Μ 2 =	Μ 1		Μ 2		Τ 1	(5).
	5		Μ 1		Τ 2

Μετά την αντικατάσταση αριθμητικών δεδομένων Μ 2 = 28

Απάντηση. Μ 2 = 28

Σε ένα ιδανικό κύκλωμα ταλάντωσης, το πλάτος των ταλαντώσεων του ρεύματος στον επαγωγέα I m= 5 mA, και το πλάτος της τάσης κατά μήκος του πυκνωτή U m= 2,0 V. Τη στιγμή tη τάση στον πυκνωτή είναι 1,2 V. Βρείτε το ρεύμα στο πηνίο αυτή τη στιγμή.

Λύση.Σε ένα ιδανικό κύκλωμα ταλάντωσης, η ενέργεια των κραδασμών διατηρείται. Για τη στιγμή του χρόνου t, ο νόμος διατήρησης της ενέργειας έχει τη μορφή

ντο	U 2	+ μεγάλο	Εγώ 2	= μεγάλο	I m 2	(1)
	2		2		2

Για τις τιμές πλάτους (μέγιστες), γράφουμε

και από την εξίσωση (2) εκφράζουμε

ντο	=	I m 2	(4).
μεγάλο		U m 2

Ας αντικαταστήσουμε το (4) στο (3). Ως αποτέλεσμα, παίρνουμε:

Εγώ = I m (5)

Έτσι, το ρεύμα στο πηνίο εκείνη τη στιγμή tείναι ίσο με

Εγώ= 4,0 mA.

Απάντηση. Εγώ= 4,0 mA.

Υπάρχει ένας καθρέφτης στο κάτω μέρος μιας δεξαμενής βάθους 2 m. Μια δέσμη φωτός, που περνά μέσα από το νερό, αντανακλάται από τον καθρέφτη και βγαίνει από το νερό. Ο δείκτης διάθλασης του νερού είναι 1,33. Βρείτε την απόσταση μεταξύ του σημείου εισόδου της δέσμης στο νερό και του σημείου εξόδου της δέσμης από το νερό, εάν η γωνία πρόσπτωσης της δέσμης είναι 30°

Λύση.Ας κάνουμε ένα επεξηγηματικό σχέδιο

α είναι η γωνία πρόσπτωσης της δέσμης.

β είναι η γωνία διάθλασης της δέσμης στο νερό.

AC είναι η απόσταση μεταξύ του σημείου εισόδου της δέσμης στο νερό και του σημείου εξόδου της δέσμης από το νερό.

Σύμφωνα με το νόμο της διάθλασης του φωτός

sinβ =	sina	(3)
	n 2

Θεωρήστε ένα ορθογώνιο ΔADB. Σε αυτό μ.Χ. = η, τότε DВ = μ.Χ

tgβ = η tgβ = η	sina	= η	sinβ	= η	sina	(4)
	cosβ

Παίρνουμε την ακόλουθη έκφραση:

AC = 2 DB = 2 η	sina	(5)

Αντικαταστήστε τις αριθμητικές τιμές στον τύπο που προκύπτει (5)

Απάντηση. 1,63 μ

Κατά την προετοιμασία για την εξέταση, σας προσκαλούμε να εξοικειωθείτε με πρόγραμμα εργασίας στη φυσική για τις τάξεις 7-9 στη γραμμή διδακτικού υλικού Peryshkina A.V.και το πρόγραμμα εργασίας του σε βάθος επιπέδου για τους βαθμούς 10-11 στο TMC Myakisheva G.Ya.Τα προγράμματα είναι διαθέσιμα για προβολή και δωρεάν λήψη σε όλους τους εγγεγραμμένους χρήστες.

Η Φυσική είναι ένα αρκετά περίπλοκο μάθημα, επομένως η προετοιμασία για την Ενιαία Κρατική Εξέταση στη Φυσική 2020 θα χρειαστεί αρκετό χρόνο. Εκτός από τις θεωρητικές γνώσεις, η επιτροπή θα ελέγξει την ικανότητα ανάγνωσης διαγραμμάτων και επίλυσης προβλημάτων.

Εξετάστε τη δομή του εξεταστικού γραπτού

Αποτελείται από 32 εργασίες κατανεμημένες σε δύο μπλοκ. Για κατανόηση, είναι πιο βολικό να τακτοποιήσετε όλες τις πληροφορίες σε έναν πίνακα.

Όλη η θεωρία της εξέτασης στη φυσική ανά ενότητες

Μηχανική. Πρόκειται για μια πολύ μεγάλη, αλλά σχετικά απλή ενότητα που μελετά την κίνηση των σωμάτων και τις μεταξύ τους αλληλεπιδράσεις, η οποία περιλαμβάνει δυναμική και κινηματική, νόμους διατήρησης στη μηχανική, στατική, δονήσεις και κύματα μηχανικής φύσης.
Η φυσική είναι μοριακή. Σε αυτό το θέμα Ιδιαίτερη προσοχήδίνεται στη θερμοδυναμική και τη μοριακή-κινητική θεωρία.
Κβαντική φυσική και συστατικά στοιχεία της αστροφυσικής. Αυτά είναι τα πιο δύσκολα τμήματα που προκαλούν δυσκολίες τόσο κατά τη διάρκεια της μελέτης όσο και κατά τη διάρκεια των δοκιμών. Αλλά και, ίσως, μια από τις πιο ενδιαφέρουσες ενότητες. Εδώ, η γνώση ελέγχεται σε θέματα όπως η φυσική του ατόμου και του ατομικού πυρήνα, η δυαδικότητα κύματος-σωματιδίου και η αστροφυσική.
Ηλεκτροδυναμική και ειδική θεωρία της σχετικότητας. Εδώ δεν μπορείτε να κάνετε χωρίς να μελετήσετε την οπτική, τα βασικά του SRT, πρέπει να ξέρετε πώς λειτουργούν τα ηλεκτρικά και μαγνητικά πεδία, τι είναι το συνεχές ρεύμα, ποιες είναι οι αρχές της ηλεκτρομαγνητικής επαγωγής, πώς ηλεκτρομαγνητικές ταλαντώσειςκαι κύματα.

Ναι, υπάρχουν πολλές πληροφορίες, ο όγκος είναι πολύ αξιοπρεπής. Για να περάσετε επιτυχώς τις εξετάσεις στη φυσική, πρέπει να είστε πολύ καλοί σε όλο το σχολικό μάθημα στο μάθημα, και έχει μελετηθεί πέντε ολόκληρα χρόνια. Επομένως, δεν θα είναι δυνατό να προετοιμαστείτε για αυτήν την εξέταση σε λίγες εβδομάδες ή ακόμα και σε ένα μήνα. Πρέπει να ξεκινήσετε τώρα, ώστε κατά τη διάρκεια των δοκιμών να αισθάνεστε ήρεμοι.

Δυστυχώς, το μάθημα της φυσικής προκαλεί δυσκολίες σε πολλούς πτυχιούχους, ειδικά σε όσους το έχουν επιλέξει ως κύριο μάθημα για την εισαγωγή τους σε πανεπιστήμιο. Η αποτελεσματική μελέτη αυτού του κλάδου δεν έχει καμία σχέση με την απομνημόνευση κανόνων, τύπων και αλγορίθμων. Επιπλέον, δεν αρκεί να αφομοιώνετε φυσικές ιδέες και να διαβάζετε όσο το δυνατόν περισσότερη θεωρία, χρειάζεται να είστε καλοί στη μαθηματική τεχνική. Συχνά, η ασήμαντη μαθηματική προετοιμασία δεν επιτρέπει στον μαθητή να περάσει καλά τη φυσική.

Πώς να προετοιμάσεις?

Όλα είναι πολύ απλά: επιλέξτε ένα θεωρητικό τμήμα, διαβάστε το προσεκτικά, μελετήστε το, προσπαθώντας να κατανοήσετε όλες τις φυσικές έννοιες, αρχές, αξιώματα. Μετά από αυτό, ενισχύστε την προετοιμασία λύνοντας πρακτικά προβλήματα στο επιλεγμένο θέμα. Χρησιμοποιήστε διαδικτυακές δοκιμές για να ελέγξετε τις γνώσεις σας, αυτό θα σας επιτρέψει να καταλάβετε αμέσως πού κάνετε λάθη και να συνηθίσετε στο γεγονός ότι δίνεται συγκεκριμένος χρόνος για να λύσετε το πρόβλημα. Σας ευχόμαστε καλή τύχη!